抄核收技师 计算题(3)

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表表码1234.2kWh，无功电能表表码为301.1 kvar^6min后，有功电能表表码为 1234.4kWh，无功电能表表码为301.2 kvarh。请问该用户的电能表是否准确?如不正确， 请判断可能是什么故障？ 【解答】

解：根据万用表测重结果得该用户实际视在功率力

5=220X5X150/ 5 X 3=99000VA=99 CkVA) 根据电能表计算得该用户有功功率为 P= (1234.4—1234. 2) X30+ (6/60) =60 (M)

无功功率为

Q= (301. 2— 301. 1) X 30 + (6/60) = 30 (kvai) 总视在功率为

=如2 + 302 = 67.08(kVA)=:99 X 2 / 3(kVA)

答：由于电能表表码与万用表测量数据大约相差1/3，因此可判断电能表不准，可能故障为 1相断线。

【LB033630540】某低压电力用户，采用低压380/220V计量，在运行中电流互感器A相断 线，后经检查发现，断线期间抄见电能为10万kWh，试求应向该用户追补多少用电量？【 解答】计算更正系数G=(UaIacosVa+ UbIbcos ￥b+ UcIccos ￥c)/ (UbIbcos ￥b+ UcIccos￥c) 以三相对称为条件，G = 3/2 AW=W(K—1)=10x(1.5-1)=5万kWh。 因为AW大于0，因此客户应补5万kWh的电量。

【LB033630548】有一低压动力用户，装有一台三相异步电动机，功率为48kW,功率因数 为

0.85，效率以100%计，供电电压380V,电能计量装置采用经电流互感器接入式，变比 为K-100/5,通过计算，在标定电流分别为1A、5A的两块电能表中选择一块

IFP/I 4^Vcos(p) =43000/：(1,品德 3S麟技 8扮=85.8&V IJ=Il/K=|fi；5.8/20^4.-29:fA).tJ

答：选择定电流另5A的电能表。^

wh

【解答】

【LB034630556】某居民用户安装的是一只单相220V、5(20)A的电能表。试求该用户 同时使用的电器功率和为多少？若只接照明负载，可接80W电灯几盏？

所能同时使用的电器功率和为d

P =:：22QHSO=44jQO (W)

能接8dw电灯盏数

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^ = 4400 =55^^

80

w h?'

功率和P..^i .4400W,可接55盖电灯。,一

【解答】，

【LB033630542】某电力用户4月份装表用电，电能表准确等级为2.0,到9月份时经计量 检定机构检验发现该用户电能表的误差为-5%,假设该用户4-9月用电量为19000kWh，电 价为0.57元/kWh,试问应向该用户追补多少电量？实际用电量是多少？合计应交纳电费 是多少？ 【解答】根据《供电营业规则》第八十条规定：互感器或电能表误差超允许范围时，以 \误差为基准，按验证后的误差值退补电量。退补时间从上次检验或换装后投入之日 起至误差更正之日止的二分之一时间计算。

超差电量=[19000/(1-5%)-19000]=1000(kWh) 追补电量=1000X(1/2)=500(kWh)

所以：实际用电量=500+19000=19500 (kWh) 应交纳电费=19500X0.57=11115 (元）

答：应追补电量为500kWh，实际用电量为19500kWh，合计应交纳电费11115元

【LB032640565】某110kV供电的用户计量装置安装在110kV进线侧，所装TA可通过改变 一次接线方式改变变比，在计量装置安装中要求一次串接，其计量绕组变比为300/5， 由于安装人员粗心误将W相TA—次接成并联方式，投运5天后，5天中有功电能表所计码 为10.2kWh (起始表码为0kWh)，试计算应退补的电量AW?(故障期间帄均功率因数为

0.86) 【解答】

TA—次串接时，其变比为300/5,则一次并接时其变比为600/5，故使得相二次电流较 正

常减十7—半。一 更正务.

K = ----------- 拉7;卿, ------------ - = 1.505

Ul cos(30° + ^j + - UI cos[30: _ ip)

■ ■ 'E： >1,..计电重，故应追專卜的电重一 110 300

= 10.2 X 0.1 X 5 X (1.505-1) =339966 (k?h)—

答.：AfTrjt)-339966kWh. +J

【LB034640561】某企业使用100kVA变压器一台，电压互感器变比为10000/400，在低压 侧计量应配置多大变比的电流互感器？

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7 = 5 拉J =10^/1, 7妙X；f ■ 4=144 [角军》:] 答：

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可配置的电流互感器□ ^

【LB033640544】一居民用户电能表常数为3000r/kWh，测试负载有功功率为100W，电能 表转盘转10r时应该是多少时间？如果测量转10r的时间为110s，该表计误差是多少？【解答】 （1)电能表转n圈所需时间t=nX3600/(负载有功功率X电能表常数)，代入 数据得t—

10X3600/(0.1X3000)—120s (2)表计误差=(理论时间-实际时间)/实际时间，代入数据得 误差=[(120-110)/110]X100%=9.1%

答：电能表表盘转10r所需时间应为120s，其误差为9.1%。

【LB032640566】某三班制工业用电客户，属三类负荷，用电设备总容量为176kW,设备 用电同时系数约0.9.经用电业务人员现场勘查，并与用户协商确定：采用10kW供电，计

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量方式为高供低计，变压器容量采用200kVA,通过计算为用户配置计量装置。 【解答】

该用户月用电重W=PXO. 9X24X30=114048(kWh)，故必须按III类及以上电能计重装置要求配置 计重器具。—

变压器二次侧额定电流=

U 0.38

=526 (A) ^

用户应执

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