安徽省安庆市2011届高三模拟考试（二模）（理综）(3)

能产生豌豆素的豌豆，二者基因型相同的概率为 。 ⑶为鉴别第Ⅱ组F2中无豌豆素豌豆的基因型，取该豌豆自交，若后代全为无豌豆素的植

株，则其基因型为 ；若后代中 ，则其基因型为 。 ⑷现有纯种亲本4，其基因型与上表亲本均不同，它与其他豌豆杂交的F1中， （有/没有）能产生豌豆素的植株。 ⑸进一步研究得知,基因A是通过控制酶A的 合成来催化一种前体物转化为豌豆素的。而 基因B－b本身并不直接表达性状,但基因B 能抑制基因A的表达。请在右侧方框内尝试 用概念图（文字加箭头的形式）的方式解释

上述遗传现象。

31．（9分）Ⅰ．中新社2010年10月25日报道，

中科院昆明动物研究所季维智研究员领导的研究小组，日前成功培育出中国首例转基因 猕猴。这一研究成果标志着中国科学家在非人灵长类转基因动物研究方面达到世界领先 水平，为未来人类重大疾病的非人灵长类动物模型的深入研究奠定了坚实的基础。下图 是转基因猕猴培育过程示意图，请据图回答：

⑴过程②中常用 的方法将目的基因导入受精卵。 ⑵在体外培养受精卵时，除了给予一定量的O2以维持细胞呼吸外，还需要提供CO2气体以维持 。 ⑶图中过程⑦称为 ，为使代孕雌猴与供体雌猴生殖器官的生理变化相同，此前需对代孕雌猴作 处理。 ⑷若要同时获得多只与此转基因猕猴相同的小猴，可对早期胚胎进行 ，操作时选择发育到桑椹胚或囊胚期的胚胎进行。若选用囊胚期的胚胎，操作过程需要特别注意的问题是 。

Ⅱ．下图为制作果酒、果醋的实验流程，请回答：

⑴ 制作果酒的发酵阶段，发酵瓶的瓶盖应（ ）

A．一直打开 B.打开并盖上一层纱布 C.定时拧松 D.一直拧紧 ⑵ 写出由果酒酿制成果醋过程的总反应式： 。 ⑶ 从自然菌样中筛选较理想的醋酸杆菌进行纯化培养，通常采用 接

种方法。

2011年安庆市高三模拟考试(二模) 理科综合能力测试参考答案

第I卷共20小题，每小题6分，共120分。

1.【答案】C 【解析】本题主要考查核糖体的分布、结构和功能的相关知识。核糖体普遍存在于细胞生物中，病毒无核糖体。核糖体主要由蛋白质和RNA组成，T2噬菌体主要由蛋白质和DNA组成。基因的表达包括转录和翻译两个过程，仅翻译过程是在核糖体上进行的。在生物膜系统中，粗面内质网、核膜的外膜上有核糖体的分布，另外，在线粒体和叶绿体中也有核糖体。

2.【答案】C 【解析】本题主要考查对生物科学研究方法的理解。假说演绎法中，因为假说不一定正确，由此进行的演绎推理而得出的结论，当然也不一定正确。同理，类比并没有科学上的严谨性，故由此推理得出的结论，不一定具有逻辑上的必然性。同位素标记所利用的放射性核素及它们的化合物，与自然界存在的相应普通元素及其化合物之间的化学性质和生物学性质是相同的，只是具有不同的核物理性质。因此，就可以用同位素作为一种标记，制成含有同位素的标记化合物代替相应的非标记化合物，追踪它在体内或体外的位置、数量及其转变等。模型包括物理模型、概念模型和数学模型等，C项仅仅是指物理模型中的实物模型，系典型的以偏概全。

3.【答案】B 【解析】本题主要考查DNA的结构与复制方面的知识。原核生物DNA的复制是在拟核处进行的，真核生物DNA的复制则主要在细胞核内进行的，在线粒体和叶绿体中也进行DNA的复制。不含15N的亲代DNA放在含15N的培养液中复制，无论复制多少代，形成的所有子代DNA中，至少有一条链含15N。如果双链DNA中碱基A占20%，那么碱基G则占30%，子代DNA中的碱基比例与亲代的相同。从图示分析可知，该DNA的复制是单起点双向复制的，这样就比单起点单向复制的速度快约一倍，所需的时间也就比原来少一半。如果是双起点单向同时复制，则在大环内应有两个小环。

4.【答案】B 【解析】本题主要考查对基因的自由组合定律的理解与运用。AaRr的亲本自交，子代共有9种基因型，5种表现型，即大花瓣红色、大花瓣黄色、小花瓣红色、小花瓣黄色和无花瓣五种。无花瓣当然谈不上红色或黄色了，因此B项错误。子代无花瓣（aa- -）植株占全部子代的4/16，有花瓣植株占12/16，其中AaRr占4/16。因此，在子代的有花瓣植株中，AaRr所占的比例为4/12即1/4。子代的红花植株中，AARR占1/3，AARr占2/3，故R的基因频率为1/3+2/3*1/2＝2/3。

5.【答案】D 【解析】本题主要考查对负反馈调节相关知识的理解。图示为负反馈调节机制，其结果是维持系统的稳态。A、B项分别为细胞水平和个体水平的负反馈调节。而C项为生态系统水平的负反馈调节：当森林中害虫数量增加时，食虫鸟数量也随之增加，结果会导致害虫数量减少。D项则属于正反馈调节机制，当膀胱逼尿肌受到刺激收缩时，这种收缩会刺激逼尿肌进一步收缩，最终将膀胱中的尿液排空。

6.【答案】C 【解析】本题主要考查对群落演替相关内容的理解。由题干可知，山区实施退耕还林之后，群落主要由原来较单纯的农作物，经过数十年的演替发展为树林，这时群落具有明显的垂直分层现象。该树林中，部分野生动植物种群的环境容纳量肯定会增大，群落的物种丰富度增加，生态系统的抵抗力稳定性也会逐渐提高。在三个连续群落演替阶段中，甲、乙、丙依次作为优势种群，但在竞争中，前者被后者替代，由图示可知，这种演替虽然使前一优势物种的数量降至较低水平，却没有造成前一阶段优势物种的消亡。故C项的表述是错误的。

7.B 8.A 9.C 10.D 11.Ｃ 12.B 13.D

14. 答案：C 【解析】：光由光密介质射入光疏介质时，若入射角大于临界角，则发生全反射，故A错；光在介质中的速度一定小于真空中的速度，故B错；光的干涉和衍射现象仅说明光具有波动性，故D错。偏振是横波的特点，故C对。 15. 答案：D

16. 答案：B 【解析】：斜面体B一定受重力、地面的支持力、地面摩擦力、A对B的压力，A与B之间可能有摩擦力也可能没有摩擦力，所以B对。 17. 答案：A 【解析】：由动能定理FL?18. 答案：D

19. 答案：B 【解析】：小球开始下滑时有：mgsin???(mgcos??qvB)?ma，随v增大，a增大，当v?mgcos?qB12mv得：F?2mv2故A正确。

2L时，a达最大值gsinθ,此后下滑过程中有：

mg(sin???cos?)mgsin???(qvB?mgcos?)?ma，随v增大，a减小，当vm??qB时，

a=0。所以整个过程中，v先一直增大后不变；a先增大后减小，所以B对。

20.答案：C 【解析】：磁场均匀变化，故感应电流大小恒定，所以安培力大小随B增大而增大，随B减小而减小。且当B增大时，F向右，B减小时，F就向左，故C正确。 第Ⅱ卷共11题，共180分。

21.(18分)Ⅰ.0.23m/s;匀减速(每空3分) Ⅱ.800(2分); RA=R1-2R2-R0(4分)

Ⅲ.刻度尺(2分); ACD(4分,选对但不全的给2分)

22. (14分)【解析】：(1)要想游戏获得成功,瓶滑到C点速度正好为零,力作用时间最长,设最长作用时间为t1,有力作用时瓶做匀加速运动,设加速度为a1, t1时刻瓶的速度为v,力停止作用后

瓶做匀减速运动,设此时加速度大小为a2,由牛顿第二定律得:

┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 F??mg?ma1 ①

┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分 ?mg?ma2 ②加速运动过程中的位移x1?减速运动过程中的位移x2v22a1v2 ③┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

? ④┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

2a2位移关系满足: x1?x2?L1 ⑤┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 又: v?a1t1 ⑥┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分 由以上各式解得: t1?16s ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

(2) 要想游戏获得成功,瓶滑到B 点速度正好为零,力作用距离最小,设最小距离为d,则:

v?22a1?v?22a2┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 ?L1?L2 ⑦

2┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 v??2a1d ⑧

联立解得:d=0.4m ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

0

23.(16分) 【解析】：(1)根据题意,ob与x轴的夹角为45,带电粒子在电场中做类平抛运动,设在电场中运动时间为t,场强为E,则:

x?OQ?cos450┈┈┈┈┈┈┈2分 ?vt ①

0x?OP?OQ?sin45?12at2 ②┈┈┈┈┈┈┈2分

┈┈┈┈┈┈┈2分 qE?ma ③

9mv4qL2联立以上各式解得: E? ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分

(2)粒子的运动轨迹如图所示,在Q点竖直分速度vy=at,代入数据解得: vy=v ∴粒子在进入磁场时的速度v??vx?vy22?┈┈┈┈┈┈┈1分 2v ④

vyvx速度方向与+x方向之间的夹角θ满足: tan???1

⑤┈┈┈┈┈┈┈1分

∴ θ=45 即粒子垂直于ob边进入磁场,

在磁场中做匀速圆周运动的圆心即为o点. 半径R?OQ?mv?R4qL0

42L92 ⑥┈┈┈┈┈┈┈2分

又: qv?B? ⑦┈┈┈┈┈┈┈2分

解得: B?9mv ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分

24.(20分) 【解析】：(1)设匀强电场的场强为E,在碰撞前A静止时有: ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分 qE?mg ①解得:

E?mgq ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

在与A碰撞前B的速度为v0,由机械能守恒定律得:

mgx0?12mv0 ②┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

2∴v0?┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分 2gx0 ┈

B与A碰撞后共同速度为v1,由动量守恒定律得:

mv0?2mv1 ③┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

∴v1?12┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分 v0 ┈

B与A碰撞过程中损失的机械能ΔE为:

?E?12mv0?212?2mv1?212┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 mgx0 ④

(2)A、B在最高点恰不分离,此时A、B加速度相等，且它们间的弹力为零，设此时弹簧的伸长量为x1，则：

对B：mg?ma ⑤┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 对A：mg?kx1?qE?ma ⑥┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 所以弹簧的伸长量为：x1?mgk ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

（3）A、B一起运动过程中合外力为零时，具有最大速度vm，设此时弹簧的压缩量为x2,

则：

┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 2mg?(qE?kx2)?0 ⑦∴x2?mgk ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈1分

由于x1=x2,说明A、B在最高点处与合外力为零处弹簧的弹性势能相等，对此过程由能量守恒定律得：

(2mg?qE)?(x1?x2)?122┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分 ?2mvm ⑧

2mk2解得： vm?2mgk?g ┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈┈2分

25．（13分）（1）1s22s22p63s23p63d64s2（或[Ar]3d64s2）（2分） 2（2分） N>O>C （2分） （2）极性键 非极性 （2分） （3）NCl3 + 4H2O = NH3 .H2O + 3HClO（3分） (4)原子（1分）109°28′（1分）

26．（17分）

(1) ①、⑤；(2分) 聚合反应；(1分)

(2) CH3CHBrCH2Br (2分) 碳碳双键、羧基(2分)

(3)

OOCH

OO任意两个(共4分，每个2分)

（4） ④

CH3C +2Ag(NH3)2OH

CH3CCONH4+3NH3+2Ag↓+H2O (3分)

⑧ nCH2=CHCOONa (3 分 )

27.（13分）

（1）烧杯、玻璃棒、量筒（3分）

（2）将Fe2+氧化为Fe3+，（2分） 不能（1分）

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