2013-2014学年湖北省咸宁市鄂南高中高二(上)月考物理试卷(实验班(2)

2013-2014学年湖北省咸宁市鄂南高中高二（上）

月考物理试卷（实验班）（12月份）

参考答案与试题解析

一、选择题（本小题共12小题，共48分，其中1-8题只有一个选项正确，9-12题至少有一个选项正确） 1．（4分）电磁学的基本现象和规律在生产生活中有着广泛的应用，下列哪些器件工作时主要用到了电磁感应现象的是（ ） A．质谱仪 B． 电磁流量计 C． 金属探测仪 D． 电视机显像管 考点： 电磁感应在生活和生产中的应用． 分析： 日光灯利用自感现象启动．质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转．动圈式话筒与磁带录音机均是利用电磁感应原理． 解答： 解：A、质谱仪是利用电场加速，磁场使粒子偏转，不是电磁感应现象．故A错误． B、电磁流量计是利用电荷在磁场受力而偏转原理，不是电磁感应现象．故B错误； C、金属探测仪是利用了电磁感应现象而工作的．故C正确． D、电视机显像管利用了电流在磁场中的偏转原理，不是电磁感应现象；故D错误； 故选：C． 点评： 本题考查对现代科技装置和产品原理的理解能力，基本题，不应失分． 2．（4分）下列物理学史中说法错误的是（ ） A．焦耳发现了电流的热效应规律 库仑总结出了点电荷间的相互作用的规律 B． 安培发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕 C． D．法拉第最早引入电场的概念，并提出用电场线表示电场 考点： 物理学史． 专题： 常规题型． 分析： 根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可． 解答： 解：A、焦耳发现了电流的热效应规律，故A正确； B、库仑总结出了点电荷间的相互作用的规律，故B正确； C、奥斯特发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕，故C错误； D、法拉第最早引入电场的概念，并提出用电场线表示电场，故D正确； 本题选错误的，故选：C． 点评： 本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一． 3．（4分）如图所示，一束带电粒子沿水平方向飞过小磁针上方时，磁针的N极向纸外偏转．这束带电粒子可能是（ ）

A．向左飞行的质子 考点： 左手定则． B． 向右飞行的α粒子 C． 向右飞行的质子 D． 向左飞行的电子 分析： 小磁针N极受力方向与磁场方向相同．电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反．根据安培定则，将选项逐一代入检查，选择符合题意的选项． 解答： 解：A、向左飞行的质子，带正电，形成的电流方向向左，根据安培定则可知，质子在下方产生的磁场方向向外，则N极转向外，S极转向里，符合题意．故A正确． B、向右飞行的α粒子，带正电，形成的电流方向向右，根据安培定则可知，α粒子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故B错误． C、向右飞行的质子，带正电，形成的电流方向向右，根据安培定则可知，质子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故C错误． D、向左飞行的电子，形成的电流方向向右，根据安培定则可知，电子在下方产生的磁场方向向里，则N极转向里，S极转向外，不符合题意．故D错误． 故选：A． 点评： 本题考查应用物理基本定则的能力，B、C两项是等效的，A、D两项也是等效的，考试时抓住等效性，可以节省时间． 4．（4分）（2011?北京）如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（ ）

A．电压表与电流表的示数都减小 电压表与电流表的示数都增大 B． 电压表的示数增大，电流表的示数减小 C． D．电压表的示数减小，电流表的示数增大 考点： 闭合电路的欧姆定律． 分析： 由电路图可知R2与R0并联后与R1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化． 解答： 解：滑片下移，则滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内阻两端电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小； 由欧姆定律可知，R1上的分压增大，故并联部分电压减小，即可知电流表示数减小，故A正确，BCD错误； 故选A． 点评： 分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化． 5．（4分）如图所示，在一根一端封闭、内壁光滑的直管MN内有一个带正电的小球，空间中充满竖直向下的匀强磁场．开始时，直管水平放置，且小球位于管的封闭端M处．现使直管沿水平方向向右匀速运动，经一段时间后小球到达管的开口端N处．在小球从M到N的过程中，下述错误的是（ ）

A．磁场力对小球不做功 B． 直管对小球做了正功 磁场力的方向一直沿MN方向 C．D． 小球的运动轨迹是一曲线 考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律． 分析： 小球受到指向管口洛伦兹力，将小球的运动分解为沿管子向里和垂直于管子向右两个方向．根据受力情况和初始条件分析两个方向的分运动情况，研究轨迹． 解答： 解：A、洛伦兹力总是与速度垂直，不做功，故A正确； B、对小球受力分析，受重力、支持力和洛伦兹力，其中重力和洛伦兹力不做功，而动能增加，根据动能定理可知支持力做正功，故B正确； C、D、设管子运动速度为v1，小球垂直于管子向右的分运动是匀速直线运动．小球沿管子方向受到洛伦兹力的分力F1=qv1B，q、v1、B均不变，F1不变，则小球沿管子做匀加速直线运动．与平抛运动类似，小球运动的轨迹是一条抛物线，洛伦兹力方向不断变化，故C错误，D正确； 本题选错误的，故选：C． 点评： 本题中小球做类平抛运动，其研究方法与平抛运动类似：运动的合成与分解，其轨迹是抛物线．本题采用的是类比的方法理解小球的运动 6．（4分）（2012?徐州一模）如图所示，三根通电长直导线P、Q、R互相平行，垂直纸面放置，其间距均为a，电流强度均为I，方向垂直纸面向里（已知电流为I的长直导线产生的磁场中，距导线r处的磁感应强度B=kI/r，其中k为常数）．某时刻有一电子（质量为m、电量为e）正好经过原点O，速度大小为v，方向沿y轴正方向，则电子此时所受磁场力为（ ）

A．方向垂直纸面向里，大小为 B．方向指向x轴正方向，大小为 C．方向垂直纸面向里，大小为 D．方向指向x轴正方向，大小为 考点： 磁感应强度；安培力． 分析： 根据安培定则判断出三根导线在O点的磁场方向，根据磁场的叠加得出合磁场的方向，最终根据左手定则判断洛伦兹力的方向，根据F=qvB求出洛伦兹力的大小． 解答： 解：P、Q两根导线距离0点的距离相等，根据安培定则，在O点产生的磁场方向相反，大小相等，合场强为零，所以最终场强等于R在O点产生的场强，根据安培定则，方向沿x轴负方向，RO=度的大小，根据左手定则，洛伦兹力方向垂直纸面向里，大小F=evB=，磁感线强．故A正确，B、C、D错误． 故选A． 点评： 解决本题的关键掌握安培定则判断电流周围的磁场方向，运用左手定则判断洛伦兹力的方向． 7．（4分）（2014?湖州二模）如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个边长为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框的一条对角线和虚线框的一条对角线恰好在同一直线上．从t=0开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向移动进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域．用I表示导线框中的感应电流（逆时针方向为正），则下列表示I﹣t关系的图线中，正确的是（ ）

A． B． C． D． 考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则． 专题： 电磁感应与图像结合． 分析： 根据感应电流大小和方向，将选项逐一代入，检查是否符合题意来选择． 解答： 解：A、B，导线框完全进入磁场后，没有感应电流产生．故A、B均错误． C、进入和穿出磁场过程，线框有效切割长度变化，感应电动势和感应电流在变化，故C错误． D、线框进入磁场过程，有效切割长度L均匀增大，感应电动势E均匀增大，感应电流I均匀增大．穿出磁场过程，有效切割长度L均匀减小，感应电动势E均匀减小，感应电流I均匀减小，两个过程电流方向相反．故D正确． 故选D 点评： 本题采用的是排除法．做选择题常用方法有直判法、排除法、代入法、特殊值法、图象法等等． 8．（4分）如图所示，虚线是两个等量点电荷所产生的静电场中的一簇等势线，一不计重力的带电粒子从a点射入电场后沿图中的实线运动，b点是其运动轨迹上的另一点，则下列判断正确的是（ ）

A．由a到b的过程中电场力对带电粒子做正功 由a到b的过程中带电粒子的动能减小 B． 若粒子带正电，两等量点电荷均带正电 C． D．若粒子带负电，a点电势高于b点电势 考点： 电势；电势能． 专题： 电场力与电势的性质专题． 分析： 由运动的轨迹与电场线确定出受力向，根据力的方向与速度方向的夹角确定电场力做功的正负，从而判断出能量的大小关系． 解答： 解：A、可由运动轨迹确定粒子的受力方向与速度方向，两者的夹角小于90°故做正功，则动能增加，故A正确， B、若带负电荷，由a到b，电场力做正功，则电势能减小，动能增加，又因为负电荷在电势高处电势能小，故电势增加，即a点电势低于b点电势，故BD错误； C、若粒子带正电，在两者中垂线左侧受力方向向右，则其电场线向右，而两等量电荷可以左边的为正电荷，右边的为负电荷．故C错误． 故选：A 点评： 在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握． [来源:Zxxk.Com]9．（4分）（2010?茂名二模）如图所示的电路，D1和D2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其电阻很小，近似为零．在电键S接通和断开时，对灯泡D1和D2的描述正确的是（ ）

A．接通时，D1亮一下，然后熄灭 断开时，D1马上熄灭 C． B． 接通时，D2亮一下，然后熄灭 D． 断开时，D2马上熄灭 考点： 闭合电路的欧姆定律． 专题： 恒定电流专题． 分析： 电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故线圈中电流逐渐增加； 电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电． 解答： 解：AB、电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故接通S时，两灯立即发光，且通过灯泡D1的电流较大，故灯泡D1较；由于自感电动势阻碍电流的增加，但不能阻止电流增加，电流稳定后，由于线圈的电阻近似为零，D1灯泡逐渐被L短路，所以D1亮一下，然后熄灭，D1更亮；故A正确，B错误． CD、电键断开瞬间，D2中电流要立即减小零，立即熄灭，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电，故断开时D1后要亮一下再熄灭，故C错误，D正确． 故选：AD． 点评： 本题考查了通电自感和断电自感，关键是明确线圈中自感电动势的作用是阻碍电流的变化，但不能阻止电流变化 10．（4分）（2008?韶关一模）如图所示，质量相同的两个带电粒子M、N，以相同的速度沿垂直于电场方向同时射入两平行板间的匀强电场中，M从两板正中央射入，N从下极板边缘处射入，它们最后打在上极板的同一点上．不计粒子的重力，则从开始射入到打到上极板的过程中（ ）

A．它们的带电荷量之比qM：qN=1：2 它们在电场中的运动时间tN＞tM B． 它们的电势能减少量之比△C．EM：△EN=1：4 D．它们打到上极板时的速度之比为vM：vN=1：2 考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律． 专题： 带电粒子在电场中的运动专题． 分析： 两个带电粒子都垂直于电场射入匀强电场中，都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，由题可知，水平位移相等、初速度相等，即可知运动时间相等，由竖直位移的关系，由牛顿定律和位移公式即可求解电量之比．由动能定理求解电场力做功之比，得到电势能减少量之比．根据速度的合成，求解打到上极板时的速度之比． 解答： 解：A、B由题可知，两个带电粒子都做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，而且它们的水平位移相等、初速度相等，则在电场中的运动时间相等，即tN=tM． 由竖直位移y==，m、t、E相等，则带电荷量之比qM：qN=yM：yN=1：2．故A正确，B错误． C、电荷在电场中运动时，由功能关系可知，电势能减小量等于电场力做功，则电势能减少量之比△EM：

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