学方程式
2
2
ΔH=+286 kJ/mol．系统(II)的热化学方程式
HS(g)+=H(g)+S(s)△H=+20kJ/mol．根据系统I、系统II的热化学方程式可知：每反应产生1mol氢气，后者吸收的热量比前者少，所以制取等量的H所需能量较少的是系统II．
2
故答案为：
2
2
ΔH=+286 kJ/mol；
HS(g)=H(g)+S(s) ΔH=+20 kJ/mol；系统(II) (3)对于反应HS(g)+CO(g)?COS(g)+HO(g)
2
2
2
反应平衡后水的物质的量分数为0.02，则x/0.50=0.02，x=0.01，
①HS的平衡转化率a=0.01/0.4*100%=2.5%，体积为2.5L，则平衡时各物质的浓度为c(HS)=(0.4-0.1)/2.5mol/L=0.156 mol/L；c(CO)=(0.1-0.01)/2.5mol/L=0.036 mol/L；
c(COS)=c(HO)=0.01/2.5mol/L=0.004 mol/L则K=(0.004*0.004)/(0.156*0.036)=0.00285；
22
1
2
2
故答案为：2.5；0.00285；
②根据题目提供的数据可知温度由610K升高到620K时，化学反应达到平衡，水的物质的量分数由0.02变为0.03，所以HS的转化率增大，a＞a；根据题意可知：升高温度，化学平衡向正反应方向移动，根据平衡移动原理：升高温度，化学平衡向吸热反应方向移动，所以该反应的正反应为吸热反应，故△H＞0，
2
2
1
故答案为：＞；＞；
③A．增大HS的浓度，平衡正向移动，但加入量远远大于平衡移动转化消耗量，所以HS转化率降低，故A错误B．增大CO的浓度，平衡正向移动，使更多的HS反应，所以HS转化率增大，故B正确；C．COS是生成物，增大生成物的浓度，平衡逆向移动，HS转化率降低，故C错误；D．N是与反应体系无关的气体，充入N，不能使化学平衡发生移动，所以对HS转化率无影响，故D错误．
2
2
2
2
2
2
2
2
2
故答案为：B． 29.
（1）依据DNA和RNA特有的碱基，实验分甲乙两组，甲组：将宿主细胞培养在含有放射性标记尿嘧啶的培养基中，之后接种新病毒。培养一段时间后收集病毒并监测其放射性。乙组：将宿主细胞培养在含有放射性标记胸腺嘧啶的培养基中，之后接种新病毒。培养一段时间后收集病毒并监测其放射性。（2）结果及结论：若甲组收集的病毒有放射性，乙组无，即为RNA病毒；反之为DNA病毒。。 30.
（1）依据题意可知，植物在密闭室内，适宜条件下，光合作用大于细胞呼吸时，室内CO浓度降低，光合速率也随之降低；依题“已知甲种植物的CO补偿点大于乙种植物的。”甲种植物净光合速率为0时正好CO为补偿点，对乙种植物来讲CO已超过补偿点，故净光合速率大于0。（2）若将甲种植物密闭在无O、但其他条件适宜的小室中，照光培养一段时间后，发现植物的有氧呼吸增加，即密闭室内由植物的光合作用大于呼吸作用产生了O，当O增多时，有氧呼吸会增加。
2
2
2
2
2
2
2
31.
（1）人体血浆蛋白含量显著降低时，血浆胶体渗透压降低，从而导致水分由血浆进入组织液，引起组织水肿。
（2）正常人大量饮用清水后，胃肠腔内的渗透压下降，经胃肠吸收进入血浆的水量会增多，从而使血浆晶体渗透压下降。
（3）内环境是体内细胞赖以生存的环境，为体内细胞提供相对稳定的环境，维持细胞渗透压，给细胞提供氧气和营养物质，并及时将细胞代谢终产物运走。 32.
（1）多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交，通过列表可知Nn×Nn子代的基因型及表现型为：
（2）多对纯合黑毛母羊与纯合白毛公羊交配，子一代均表现为黑毛，子二代中黑毛∶白毛=3∶1，由于常染色体上遗传与伴X染色体遗传结果后代表现型均为黑毛∶白毛=3∶1，若是常染色体上遗传，通常各种表现型中雌性∶雄性均为1∶1；若是伴X染色体上遗传，则XX×XY，子一代XX和XY，子二代中1/4XX、1/4XX、1/4XY、1/4 XY。
M
M
m
M
m
M
M
M
M
m
M
m
（3）位于常染色体上的雌雄基因型相同，为AA、Aa、aa，位于X染色体上的雌性基因型为XX、XX、XX，雄性基因型为XY、XY；位于X、Y同源区段上，雌性基因型为XX、XX、XX，雄性基因型为XY、XY、XY、XY。故分别有3、5、7种。
A
A
A
a
a
a
A
a
A
A
A
a
a
a
A
A
A
a
a
A
a
a
33.
（1）由题图可知，在0℃和100℃两种不同情况下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化图线与横轴所围面积都应该等于1，即相等，选项A正确；温度越高分子运动越剧烈，分子平均动能越大，则知图中虚线表示0℃时氧气分子的分子数速率分布，实线表示100℃时氧气分子的分子数速率分布，即虚线对应的氧气分子平均动能小，选项BC正确；图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子占总分子数的比例，并非分子数目，选项D错误；由图像知0℃时氧气分子速率出现在0～400 m/s区间内的分子数占总分子数的百分比较大，选项E错误；综上本题选：ABC
（2）（i）打开K之前，A缸内气体p=3p，B缸内气体p=p，体积均为V，温度均为：
2
A
0
B
0
，打开K后，B缸内气体（活塞上方）等温压缩，压缩后体积
2
为V，A缸内气体（活塞下方）等温膨胀，膨胀后体积为2V-V，活塞上下方压强相等均为
1
1
p，则：对A缸内（活塞下方）气体：
1，对B缸内（活塞上方）气体：
，
；
，联立以上两式得：
即稳定时活塞上方体积为，压强为；
（ⅱ）打开K，活塞上方与大气相连通，压强变为
3，则活塞下方气体等温膨胀，假设活
2
塞下方气体压强可降为，则降为时活塞下方气体体积为V，则，得
，即活塞下方气体压强不会降至
为
，
，得
，此时活塞将处于B气缸顶端，缸内气压
，即稳定时活塞位于气缸最顶端；
（ⅲ）缓慢加热汽缸内气体使其温度升高，等容升温过程，升温后温度为
，由
得：
，即此时活塞下方压强为
；
34.
（1）由图可知，路程差为
；两列波的波速均为
1.00m/s．由图可得T=2s，所以波长为λ=vT=1×2=2m，两列波从波源传播到点B（4，1）处的路程差为：
，为波长的整数倍，又因为两波源起振方向相反，所
以振动减弱；
两列波从波源传播到点C（0，0.5）处的路程差为又因为两波源起振方向相反，所以振动加强；
，为半波长，
（2）由题意，结合光路的对称性与光路可逆可知，与入射光相对于OC轴对称的出射光线一定与入射光线平行，所以从半球面射入的光线经折射后，将在圆柱体底面中心C点反射，如图：
设光线在半球处的入射角为i，折射光线的折射角为r，则：
①
由正弦定理得：②
由几何关系可知，入射点的法线与OC之间的夹角也等于i，该光线与OC之间的距离：L=0.6R 则：
③
由②③得：
由①③④得：n= 2.05 ≈1.43 35.
(1)紫色波长介于400nm～435nm之间，只有A符合，故答案为：A；
(2)基态K原子核外有4个电子层，最高能层为第四层，即N层，最外层电子为4s电子，该能层电子的电子云轮廓图形状为球形，K和Cr属于同一周期，K的原子半径较大，且价电子较少，金属键较弱，则金属K的熔点、沸点等都比金属Cr低，
1
故答案为：N；球形；K的原子半径较大，且价电子较少，金属键较弱；
(3)I中心原子的价层电子对数为(7+1*2-1)/2=4则为sp杂化，价层电子对为正四面体，中心I原子的孤电子对数为(7-1*2-1)/2=2，为V形，故答案为：V形；sp；
+3
3
3
(4)K与O间的最短距离为面对角线的一半，则K与O间的最短距离为
；O位于面心，K位于顶点，1个顶点为12个面共有，即与K
紧邻的O个数为12个， 故答案为：0.315；12；
(5)在KIO3晶胞结构的另一种表示中，I处于各顶点位置，个数为8×1/8=1，则K也为1个，应位于体心，则O位于棱上，每条棱为4个晶胞共有，则O个数为12×1/4=3， 故答案为：体心；棱上 36.
由信息①可知A应含有醛基，且含有7个C原子，应为
，则C为
，D为
，则B为，E为
，与乙醇发生酯化反应生成F为
的结构简式可知G为
，以此解答(1)～(4)；(5)F为
2
，对比F、H，芳香化
合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO，说明含有羧基，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6：2：1：1，则分子中应含有2个甲基，且为对称结构；(6)环戊烷和2-丁炔为原料制备化合物烯，然后与2-丁炔发生加成反应生成解答该题。
(1)由以上分析可知A为苯甲醛，故答案为：苯甲醛； (2)C为
，发生加成反应生成
，E为
，
，环戊烷应先生成环戊
，以此
，最后与溴发生加成可生成
与乙醇发生酯化反应生成F，也为取代反应，故答案为：加成反应；取代反应； (3)由以上分析可知E为
；
，故答案为：
(4)G为，F为，二者发生加成反应生成H，反应的方程式
为，
故答案为：；
(5)F为，根据题意，其同分异构体中含有苯环、—COOH，先考虑对
2
称结构，一种情况是其余部分写成两个—CH=CH，则连接在苯环上不符合要求，其次是写成两个—CH和一个—C≡CH，则其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比
3
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