2018中考物理复习计划专题9——探究电流与电压电阻关系的实验(5)

【分析】（1）分析电路的错误之处改正；（2）由图中电流表选用的小量程读数，根据欧姆定律求电压，研究电流与电阻关系时，要控制电压表示数不变；（3）根据P=UI= 的规律和分压原理求解．

，分析有最大功率的条件并求解；根据串联电路电压

10.【答案】（1）解：如图所示：

（2）；在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比

（3）答：第一组；电路的最小电流为0.12A，达不到0.1A

【解析】【解答】解：（1）电源电压为0﹣3.6V，由于电路中有滑动变阻器，能分担一定的电压，故电压表的量程为0﹣3V；电路中的最大电流为：I=

=

=0.36A，故电流表量程为0﹣0.6A；电压表并联到电阻的两端，电

流表串联接入电路中，如图所示： ；（2）横坐标对应电压值，纵坐标对应电流

值，按描点法描出各点；然后用直线将各点连接起来；如下图所示：

；

由图象可见，在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；（3）电路中的最小电流为：I=

=0.12A，故第一组数据是错误的．

=

故答案为：（1）如图；（2）如图；在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；（3）第一组；电路的最小电流为0.12A，达不到0.1A．

【分析】（1）电压表并联到电阻的两端，电流表串联接入电路中；（2）根据表格中的数据描点连线，根据图象分析实验结论；（3）根据滑动变阻器的最大阻值，求出电路中的电流，据此分析；

11.【答案】（1）解：如下图所示：

（2）A

（3）A；第1组数据；电流不可能为0.1A；正

【解析】【解答】解：（1）将变阻器接“一上一下”原则接入电路中，如下图所示：

；（2）刚连完最后一根导线，发现两电表指针立即发生偏转，其原因可能是

开关未断开，故选A；（3）①获得第3组实验数据后，要想得到第4组数据，由表格数据可知，电流表的示数由0.3A增大为0.4A，电流变大，电路中电阻变小，故滑片P应向A端调节；②由第1组数据可知，电路中的电流

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I=0.1A，电路中的总电阻应为：R总=

=30Ω，

根据电阻的串联可知，实际电路中的最大总电阻：R总′=R1+R2=5Ω+20Ω=25Ω＜30Ω，所以第1组数据错误；原因是电路中的电流不可能为0.1A；③由表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，即：电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．

故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）①A；②第1组数据；电流不可能为0.1A；③正．

【分析】（1）将变阻器接一上一下接入电路中；（2）为保护电路，连接电路时开关要断开；（3）①根据表中电流变化，由欧姆定律确定滑片移动的方向；②为保护电路，连接电路时，变阻器连入电路中的电阻最大；由欧姆定律，根据表中数据求出电路的最大总电阻与实际的电阻比较；③分析表中数据得出结论． 12.【答案】（1）B （2）电阻R开路 （3）反比

【解析】【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动阻值最大处，由电路图可知，滑动变阻器的滑片P应移到B端．（2）闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表始终无示数，说明电路开路， 而电压表有示数但无明显变化，说明电压表两接线柱与电源两极是通路，则说明与电压表并联的电阻R开路；（3）由表中的数据可知，电阻与电流的乘积不变，并且电阻变为原来几倍时，电流变为原来的几分之一；

分析表中数据可以得出的结论是：保持电压不变时，电流与电阻成反比关系． 故答案为：（1）B；（2）电阻R开路；（3）反比．

【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动阻值最大处；（2）电流表没有示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障可能为电压表所测量的电阻断路；（3）根据表中的数据分析电流与电阻的乘积的关系，进而得出结论．

13.【答案】（1）没有控制电阻两端的电压不变 （2）调节滑片使电压表读数不变

（3）电压一定时，电流和电阻成反比

【解析】【解答】解：探究通过导体的电流跟导体电阻的关系时，要控制导体的电压不变，只改变电阻的大小，记录对应的电流大小，图乙所示使用电阻箱改变电阻较更换定值电阻方便；（1）根据欧姆定律I=

得U=IR，由表

中数据分别计算5次实验的电压值为4V、6V、7.2V、8V、8.5V、9V 即在实验操作过程中，没有控制电阻两端的电压不变；（2）小桦每次改变电阻后应该采取的正确操作是：调节滑片使电压表读数不变；（3）横向比较表中数据，电阻变为原来的几倍，通过的电流变为原来的几分之一，即电压一定时，电流和电阻成反比．

故答案为：便于改变导体的电阻；（1）没有控制电阻两端的电压不变；（2）调节滑片使电压表读数不变；（3）电压一定时，电流和电阻成反比．

【分析】探究通过导体的电流跟导体电阻的关系时，要控制导体的电压不变，只改变电阻的大小；（1）由表中数据根据欧姆定律求出每次实验的电压分析；（2）根据变阻器的作用回答；（3）横向比较表中数据得出结论． 14.【答案】（1）0～0.6A；A；右；0.48；右；10Ω

（2）把滑片P移到滑动变阻器左端，此时滑动变阻器的阻值为0． 把电压表连入电路时，电流表的示数I=

，当不接电压表时，电流表的示数I= 很小

【解析】【解答】解：（1）①电源电压为3V，根据题意电路中的最大电流为I=

=

=0.6A，所以电流表可选

择0～0.6A的量程；定值电阻的阻值为5Ω，滑动变阻器可选择0～10Ω的规格，这样比较容易控制电流的改变；0～200Ω的滑动变阻器电阻值很大，在移动时，电流变化很大，不易操作；滑动变阻器接了下面左边一个接线柱，所以在闭合开关前，应将滑片置于最右端；②电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由图乙知，其示数为0.48A；电压表的示数由2.5V变为2V，根据串分压的知识，应增大滑动变阻器的阻值，所以滑片应向右滑动；③为使结论具有普遍性，还应该换接10Ω的电阻；（2）把滑片P移到滑动变阻器左端，此时滑动变阻器的阻值为0．把电压表连入电路时，电流表的示数I=

+

，当不接电压表时，电流表的示数I=

，而

=

，而

=

+

=0.001A，所以电流值差别不大，对电流的影响

=0.001A，所以电流值差别不大，对电流的影响很小． 故答案为：①0～0.6A；A；右；②0.48；右；（1）

③10Ω；（2）如上分析．

【分析】（1）①根据电源电压和电路中的最小阻值计算出电路中的最大电流，选择电流表的量程；根据定值电阻和滑动变阻器最大阻值的大小关系判断；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至最大阻值处；②确定所选择的量程和分度值，然后读数；根据串分压的知识判断滑动变阻器阻值的变化及滑片的移动方向；③为使实验结论具

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有普遍性，应换用不同的电阻进行实验；（2）当接入电压表时，电流表的示数等于通过电阻的电流和电压表的电流之和；

15.【答案】（1）

（2）电压一定时，导体中的电流与电阻成反比 （3）A；2 （4）A

【解析】【解答】解：（1）将电压表与电阻并联，滑动变阻器与电阻串联，已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：

；（2）分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2V，由

此得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（3）将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路后，定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻即滑片向A移动，直到电压的示数达到2V为止；（4）由图丙知，电路的最小电流I=0.1A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压： U滑=U﹣UR=6V﹣2V=4V， 由I= R滑=

可得，滑动变阻器接入电路的阻值： =

=40Ω，

则选用变阻器的规格为“50Ω 1.0A”．

故答案为：（1）如上图所示；（2）电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（3）A；2；（4）A．

【分析】（1）将电压表与电阻并联，滑动变阻器与电阻串联，且要接一上一下；（2）分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，据此得出结论；（3）将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路后，电路中的总电阻变大，电路中的电流减小，滑动变阻器两端的电压减小，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压变大，要使定值电阻两端的电压不变，应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻，直到电压表的示数达到原来的示数不变；（4）由图丙找出实验时电路的最小电流，由串联电路的特点及欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的最小的最大阻值．

16.【答案】（1）

（2）断开 （3）B

（4）电阻断路

（5）0.36；在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比 （6）

R0

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【解析】【解答】解：（1）根据实物图画出对应的电路图，如下所示：

；（2）连接电路时，开关应该断开．（3）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于阻值

最大处即B端．（4）经分析，闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是电阻断路．（5）第4次实验电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A．则此时电流表示数为0.36A，通过分析表中的数据可发现：电压与电流的比值R=

=﹣﹣﹣

=5Ω，即电压与对应的电

流之比为定值上，即能够得出的结论：在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比；（6）实验步骤： A：闭合开关，将滑动变阻器滑片P滑至a端，读出电流表示数为I1； B：将滑动变阻器滑片P滑至b端，读出电流表示数为I2；

C：在A中，电路中只有待测电阻Rx ， 根据欧姆定律的变形公式，电源电压U=I1×Rx ， ﹣﹣﹣﹣① 在B中，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律，电源电压U=I2×（Rx+R0）﹣﹣﹣﹣﹣② 由①②得：Rx=

R0 ．

故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）B；（4）电阻断路；（5）0.36；在电阻不变时，电阻的电压与通过的电流成正比；（6）

R0 ．

【分析】（1）根据实物图画出对应的电路图；（2）（3）为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处；（4）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；（5）根据图中电流表小量程读数，分析表中数据得出结论；（6）题中给出了一个定值电阻R0和一只电流表，要测量未知电阻Rx的阻值，可分别将变阻器连入电路中的电阻为0和最大值，分别记对应的电流，根据串联电阻的规律和欧姆定律，由电源电压不变得出Rx的阻值．

17.【答案】（1）

（2）断开 （3）断路 （4）5；正比

（5）电压表选择0～15V量程；0.3；1.14

【解析】【解答】解：（1）滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，说明滑动变阻器的阻值应减小，则应接下面左边的接线柱，如图所示：

（2）在连接电路时，开关应断开；（3）电流表无示数，说明电路中某处发生了断路，又因为电压表有示数，说明与电压表并联的导体断路；（4）①由第一组数据知，当U=0.5V时，I=0.1A，所以R=

=

=5Ω②由表格中

数据知，电阻不变，电压增大为原来的几倍，则电流增大为原来的几倍，可知电阻不变，导体的电流与它两端的电压成正比．（5）①由于电流表的数值不会很大，所以可以选择0～0.6A的量程，而额定电压3.8V大于3V，所以电压表量程应改为0～15V；②由图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值0～0.02A，所以其示数为

0.3A．P=UI=3.8V×0.3A=1.14W． 故答案为：（1）如上图；（2）断开；（3）断路；（4）①5；②正比；（5）①电压表选择0～15V量程；0.3；1.14．

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【分析】（1）在连接电路时，注意滑动变阻器要一上一下，根据题目要求选择下面一个接线柱，滑片离下面一个接线柱越远，电阻越大；（2）在连接电路时，为防止电路接错电流过大，滑片应移至最大阻值处；（3）根据电流

①根据其中的一组电流、电压值，表的示数判断电路中出现了断路，根据电压表的示数判断哪儿发生了断路；（4）代入公式R=

计算出电阻；②根据电流和电压的变化，得出电流和电压的正比例关系；（5）①主要检查电流

表、电压表的量程选择是否合适；②读出电流表的数值，根据公式P=UI计算出电功率的值．

18.【答案】（1）2

（2）滑动变阻器的滑片；电压表的示数仍为2V （3）反比

（4）不正确；该图象是在U=2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A 【解析】【解答】解：（1）由图可知，电压表的量程是0﹣3V量程，分度值为0.1V，根据指针位置可得电压U=2V；（2）将R调为20Ω，小兵在记录数据前，要保持电阻两端的电压不变，他应先调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为2V（3）由图3可知，电流与

成正比，则电流与电阻成反比；即当电压一定时，电流与电阻成反比；

（4）该图象是在U=2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A，所以小兵求小灯泡额定功率的方法是不正确的故答案为：（1）2；（2）滑动变阻器的滑片；电压表的示数仍为2V；（3）反比；（4）不正确；该图象是在U=2V的情况下得到的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A． 【分析】（1）电压表的读数，要先观察选用的量程及对应的分度值，再根据指针位置读数；（2）研究电流与电阻的关系，需要保持电阻两端的电压不变，采用的方法是调节滑动变阻器的滑片，使电阻两端的电压为定值；（3）由图3可知，电流与

成正比，则电流与电阻成反比；（4）图3的图象是在U=2V的情况下得到

的，而当小灯泡两端的电压为2V时，通过小灯泡的电流不一定是0.25A，据此分析判断．

19.【答案】（1）

（2）右

（3）电压；电阻不变，导体中的电流和它两端的电压成正比 （4）不同阻值的电阻；不变

（5）没有控制电阻两端的电压不变 【解析】【解答】解：（1）由图1知，电源由两节干电池组成，最大电压为3V，所以电压表应选择0～3V的量程，

而图中选择的是0～15V的量程，选择不当，改图如图所示：

（2.）由图知，滑动变阻器的下面接了左边的A接线柱，闭合开关前，应将滑片移至右端；（3）①由表格中数据知，电压变化，电流也变化，所以可以看出电流和电压的关系；②分析数据，电压和电流的比值为定值，可得电阻不变，导体中的电流和它两端的电压成正比；（4）要探究电流和电阻的关系，应多次更换不同阻值的电阻，并且每次更换后都要调节变阻器，使电压表的示数不变；（5）①要探究电流和电阻的关系，需保持电压不变，改变电阻，小明在实验中电压和电阻同时改变，所以无关得出正确结论；②由于电阻在增大，电阻越大，其分得的电压增大，而此时总电阻增大，所以电路中的电流减小．

故答案为：（1）见上图；（2）右；（3）①电压；②电阻不变，导体中的电流和它两端的电压成正比；（4）不同阻值的电阻；不变；（5）没有控制电阻两端的电压不变．

【分析】（1）在实物电路的连接中，要特别注意电流表、电压表、滑动变阻器的接法，注意电流表、电压表量程的选择和正负接线柱的接法；（3）分析表格中数据，得出电流和电压的正比例关系；（4）要探究电流和电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变，改变电阻的阻值；（5）要探究电流和电压、电阻的关系，需用控制变量法．

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