2011汇编复习 大题部分(5)

MOV AL,DL MOV SI,BX JMP NEXT2 NEXT1: CMP AH,DL JGE NEXT2 MOV AH,DL MOV DI,BX NEXT2: INC BX LOOP LOP MOV MAX, AH MOV MAXADD, DI MOV MIN, AL MOV MINADD, SI MOV AH,4CH INT 21H END START

21. 编写子程序实现两个多字节压缩BCD码相减。 ; 子程序名：MBINSUB

; 功能：将两个多字节压缩BCD码相减

; 入口参数：SI,DI分别指向被减数、减数的首地址，BX指向差的首地址， ; CX中存放多字节的长度 ; 出口参数：BX指向差的首地址 MBINSUB PROC NEAR/FAR PUSH AX PUSH BX CLC

LP: MOV AL,[SI] SBB AL,[DI] DAS

MOV [BX],AL INC SI INC DI INC BX LOOP LP POP BX POP AX RET

MBINSUB ENDP

22. 编写子程序实现把键盘输入任意组合的8位0、1字符转换为等值的二进制数，送数据段BIN1字节单元。 ; 子程序名：ASC8BIN

; 入口参数：DX指向输入缓冲区的首地址(使用0AH号DOS功能接受键盘输入字符串)， ; 出口参数：BIN1 ASC8BIN PROC NEAR/FAR PUSH AX PUSH BX PUSH CX MOV BX, DX ADD BX, 2 MOV CX, 8 MOV AH,0AH INT 21H

XOR AH,AH LOP: MOV AL, [BX] AND AL,1 ADD AH,AL SHL AH,1 INC BX LOOP LOP MOV BIN1, AH POP CX POP BX POP AX RET

ASC8BIN ENDP 计算题

第82~84页的第1、3、4、6、8、18、22、27、28题；

1. 设机器数长为8 位（含1 位符号位在内），写出对应下列各真值的原码、补码和反码。 -13/64 , 29/128 , 100 ,-87 答：

数字 编码 原码 补码 反码 -13/64 29/128 100 -87

3. 己知[X] 补，求[X] 原和X . 答：

[X] 补 1.1100 1.1001 0.1110 1.0000 1,0101 1,1100 0,0111 1,0000

1.0011010 0.0011101 0,1100100 1,1010111 1.1100110 0.0011101 0,1100100 1,0101001 1.1100101 0.0011101 0,1100100 0,0101000 [X] 原 1.0100 1.0111 0.1110 1.0000 1,1011 1,0100 0,0111 1,0000 X -4/16 -7/16 14/16 -0 -11 -4 7 -16 4. 当十六进制数9B 和FF 分别表示为原码、补码、反码、移码和无符号数时，所对应的十进制数各为多少（设机器数采用一位符号位）。 答：

数字 编码 原码 补码 反码 移码 无符号数 9B 对应十进数 FF 1,001 1011 -27 1,111 1111 1,001 1011 原码1,1100101B=-101D 1,111 1111 1,001 1011 原码1,1100100B=-100D 1,111 1111 1,001 1011 原码0,0011011B=27D 1,111 1111 1,001 1011 155D 1,111 1111 对应十进数

-127D 原码1,0000001=-1D 原码1,0000000=-0D 原码0,1111111=127D 255D 6. 将下列十进制数表示成IEEE754 标准的32 位浮点规格化数。 (1) 27/64 (2) – 27/64 解：27/64=0.011011=1.1011*2

(1) 0 01111101 10110000000000000000000 (2) 1 01111101 10110000000000000000000

8.已知x 和y，用变形补码计算x-y，同时指出运算结果是否溢出。 （1）x=0.11011 y=-0.11111 （2）x=0.10111 y=0.11011 （3）x=0.11011 y=-0.10011 解：（1）x = 0.11011 y = -0.11111

[x]补= 0 0. 1 1 0 1 1 [-y]补= + 0 0. 1 1 1 1 1 0 1. 1 1 0 1 0 溢出

（2）x = 0.10111 y = 0.11011

[x]补= 0 0. 1 0 1 1 1 [-y]补= + 1 1. 0 0 1 0 1 1 1. 1 1 1 0 0

18. 已知两个无符号二进制数：X=1001，Y=1101 ，用原码一位乘法完成X × Y。 解：

X=1001，Y=1101 B：1001 被乘数 累加1 +B 移位1 累加2 +0 移位2 累加3 +B 移位3 累加4 +B 移位4

22．设阶码3 位，尾数6 位，按浮点运算方法，完成下列取值的[x+y],[x-y]运算。 （1）x = 2-011 × 0.100101 y = 2-010 ×（- 0.011110） （2）x = 2-101 ×（-0.010110） y = 2-100 × (0.010110)

解：设两数均以补码表示，阶码采用双符号位，尾数采用单符号位，则它们的浮点表示分别为： 题(1) [x]浮=11, 101;0.100101 [y]浮=11,110;1.100010 (1)求阶差并对阶

ΔE=Ex-Ey=[Ex]补-[Ey]补=[Ex]补+[-Ey]补=11,101 + 00,010 =11,111 即ΔE 为-1，x 阶码小，应使Mx 右移1 位，Ex 加1

A： 0000 0000 1001 1001 0100 0000 0100 0010 1001 1011 0101 1001 1110 0111 C：1101 乘数 1101 C0=1 1110C0=0 0111C0=1 1011C0=1 0101（结果） -2

[x]浮=11,110;0.010010(1) (2)尾数求和 0.010010(1) + 1.100010 1.110100(1) (3)规格化

可见尾数运算结果的符号位与最高位相同，应执行左规格化处理，每左移尾数一次， 相应阶码减1，所以结果尾数为1．010010，阶码为11,100 (4)舍入处理对本题不需要。 (5)判溢出

阶码两符号位为11，不溢出，故最后结果为 [x]浮+[y]浮=11,100;1.010010 真值为2-100*(-0.101110) (2)尾数求差 0.010010(1) + 0.011110 0.110000(1)

[x]浮－[y]浮=11,100;0.110001 真值为2-100*0.110001

题(2) [x]浮=11,011;1.101010 [y]浮=11,100;0.010110 (1)求阶差并对阶

ΔE=Ex-Ey=[Ex]补-[Ey]补=[Ex]补+[-Ey]补=11,011 + 00,100 =11,111 即ΔE 为-1，x 阶码小，应使Mx 右移1 位，Ex 加1 [x]浮=11,100;1.110101(0) (2)尾数求和 1.110101(0) + 0.010110 0.001011(0) (3)规格化

可见尾数运算结果的符号位与最高位相同，应执行左规格化处理，每左移尾数一次， 相应阶码减1，所以结果尾数为0.101100，阶码为11,010 (4)舍入处理对本题不需要。 (5)判溢出

阶码两符号位为11，不溢出，故最后结果为 [x]浮+[y]浮=11,010;0.101100 真值为2-110*(0.101100)

第118页的第12题；

18．根据“表3．17”写出控制信号MDOUT的逻辑表达式及逻辑图。

答：首先从教材“表3．17”中找出控制信号MDOUT的出现位臵。控制信号MDOUT在表中共有两次出现，一次是在取指周期FT的T3节拍，取每一条指令都出现。另一次是在执行周期ET的T0节拍，执行LOAD指令时出现。然后将这两次出现写成与或逻辑表达式如下： MDOUT=FT〃T3＋ET〃T0〃LOAD

这是一个比较简单的逻辑表达式，最后根据这个表达式画出逻辑图如下：

第308~309页的12、13、18、19、21、22题；

12. 某机字长32位，其存储容量为4MB，若按字编址，它的寻址范围是多少？ 解： 0~1M

13. 设有一个具有24位地址和8位字长的存储器，问： (1) 该存储器能够存储多少字节的信息？

(2) 如果存储器由4M×1位的RAM芯片组成，需要多少片？ (3) 需要多少位作芯片选择？

解：(1) 存储单元数为2=16M单元，每个单元为8位字长，即一个字节，所以能存储 16M=16777216个字节的信息。

(2) 由于存储容量为16MB，每4M字节需要8片，故所需芯片数量为16/4×8=32片。

(3) 4M×1位的RAM芯片需要22位地址线，所以，可以把地址线的低22位直接连接到芯片的A0—A21管脚，而A22和A23则通过2：4线译码器进行芯片选择。

18. 某DRAM芯片内部的存储单元为128×128结构。该芯片每隔2ms必须刷新一次，且刷新是通过顺序对所有128行的存储单元进行内部读操作和写操作实现的。设存储器周期为500ns。求其刷新的开销(即2ms时间内进行刷新操作的时间所占的百分比)。

解：每刷新一行需要进行一次读操作和一次写操作，共2个存储器周期，故每行的刷新时间为500ns×2=1μs。在2ms内时间内需进行128次刷新，需时128μs，故刷新开销为： 128μs/2ms=6.4%

19. 某SRAM芯片有17位地址线和4位数据线，用这种芯片为32位字长的处理器构成1M×32位的存储器，并采用模块板结构。问： (1) 若每个模块板为256K×32位，共需要几块板？ (2) 每块板内共需要多少片这样的芯片？ (3) 所构成的存储器需要多少片这样的芯片？ (4) 共需要多少位地址线，各完成什么功能？ 解：(1) 1M=1024K，共需要模块板1024/256=4块

(2) 该芯片为217×4位=128K×4位，故每块板内需要芯片（256/128）×（32/4）=16片 (3) 构成该存储器共需要4×16=64片芯片

(4) 所构成的存储器总容量为1M×32位=4MB=2字节，故需要22位地址线。在每个模块内，首先用每两片位并联的方式构成128K×8位的空间，芯片内部需要17位地址线。然后用两组这样的存储空间通过地址串联构成256K×8位的存储体，4个存储体通过位并联构成一个模块板。共有4块模块板。

地址线可以这样分配：A0—A16用于连接所有存储芯片内部地址线，A17用于从各个存储体内两组存储空间中选择一组(每组用2片芯片通过位并联方式组成，为8位，一个字节)，A18和A19通过2：4译码器选择各个模块板内4个存储体中的一个，而A20和A21通过2：4译码器选择4个模块板中的一块。

第344页的第41题；

41．在一个16位的总线系统中，若时钟频率为100MHz，总线周期为5个时钟周期传输一个字。试计算总线的数据传输率。 解：该总线的时钟周期：1/100=0.01μs 总线周期：0.01μs×5=0.05μs

故数据传输率为16b/ 0.05μs=320×10bps=40×10Bps

第364页第12题

12．设某光栅扫描显示器的分辨率为1024×768，帧频为50（逐行扫描），回扫和水平回扫时间忽略不计，则此显示器的行频是多少？每一像素允许读出时间是多少？ 解：行频为：768行×50/s=38400行/s；

每一像素允许读出时间为：1/(38400×1024)≈0.0254(μs)

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