2015年天津市和平区中考二模物理试题（解析版）(3)

点评： 本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．

7．小高同学在做电学实验时，按如图所示连接电路，电源电压不变，闭合开关后，灯L1、L2都发光，一段时间后，其中一盏灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变．产生这一现象的原因是（ ）

A． 灯L1短路 B． 灯L2短路 C． 灯L1断路 D． 灯L2断路

考点： 电流表、电压表在判断电路故障中的应用． 专题： 压轴题．

分析： 电流表测量L2的电流，电压表可测电源电压，若一灯灭了，而两个电表示数不变，则是L1断路了．

解答： 解：两个电灯是并联，电压表测量并联后的电压，也为电源电压，电流表与L2串联，测量L2的电流，若一灯灭了，两表示数不变，说明电压表还能与电源相通，L2中还有电流，只有是L1不亮，它断路了． 故选C． 点评： 本题考查了电路故障的判断．在判断故障时，电压表的示数的变化很关键，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通．

8．如图所示为一台电压力锅，它结合了高压锅和电饭锅的优点，省时省电、安全性高．当电压力锅内部气压过大或温度过高时，发热器都会停止工作．下图中S1为过压保护开关，S2为过热保护开关，压强过大时开关S1自动断开，温度过高时开关S2自动断开．下图分别表示S1、S2和锅内发热器的连接情况，其中符合上述工作要求的是（ ）

考点： 串、并联电路的设计． 专题： 图析法；电流和电路．

分析： 由题意可知，压强过大时开关S1自动断开，温度过高时开关S2自动断开，两者都会造成发热器停止工作，说明两开关串联共同控制发热器．

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解答： 解：A、两个开关断开任何一个时，发热器都会停止工作，故A符合题意； B、两个开关断开任何一个时，发热器还会正常工作，故B不符合题意； CD、两开关都闭合时，发热体会短路，不工作，故CD不符合题意； 故选A．

点评： 本题考查了电路图的设计，关键是根据题意得出两开关的连接方式和发热体工作的特点．

9．图中装置中，与电动机工作原理相同的是（ ）

考点： 磁场对通电导线的作用． 专题： 电动机、磁生电．

分析： 电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，该装置中有电源，据此结合图中的装置做出判断． 解答： 解：

A、电磁继电器是利用了电流的磁效应，与电动机的原理不同，故A错误；

B、扬声器是通电线圈在磁场中受到力的作用，从而带动纸盆发声，与电动机的原理相同，故B正确；

C、发电机就是利用电磁感应的原理制成的，与电动机的原理不同，故C错误； D、动圈式话筒是利用电磁感应的原理制成的，与电动机的原理不同，故D错误． 故选B．

点评： 电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的，注意二者的区分．

10．在测量大气压的实验中，为消除活塞与针筒间的摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置，将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460g，烧杯质量为100g，活塞面积为7×10m，g=10N/kg轮轴间的摩擦和细线重不计，则所测大气压的值应为（ ）

﹣5

2

555

A． 1.26×10Pa B． 1.10×10Pa C． 1.01×10Pa D． 0.96×10Pa

考点： 大气压强的测量方法．

专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系．

分析： 当注射器中的活塞开始向左滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相同；当注射器中的活塞开始向右滑动时，此时摩擦力与所受的大气压力方向相反．

5

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解答： 解：当注射器中的活塞开始向左滑动时，G1=（0.88+0.1）kg×10N/kg=9.8N，对活塞受力分析：f+F=G1=9.8N；

当注射器中的活塞开始向右滑动时，G2=（0.46+0.1）kg×10N/kg=5.6N，对活塞受力分析：F﹣f=G2=5.6N；

两式联立解得：F=7.7N； ∴p==故选：B．

点评： 利用注射器测量大气压时，用到的公式是p=，所以要分别得出大气压力F和活塞的横截面积S．利用二力平衡可得出大气压力，并知道活塞的面积S，便可求出大气压的值了．

二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分）每小题给出的四个选项中，有多个符合

题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分．请将其序号涂在答题卷相应的位置．

11．下图中不符合家庭用电安全要求的是（ ）

=1.10×10Pa；

5

考点： 安全用电原则． 专题： 应用题．

分析： 使用测电笔时，手一定要接触笔尾的金属体．

对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，使用三孔插座，发生触电事故．

灯泡的接法：火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套． 电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．

解答： 解：A、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾．故A错误，符合题意； B、使用测电笔时，一定要接触笔尾的金属体，这样才能构成闭合回路，达到辨别火线和零线的目的；故B错误，符合题意；

C、电冰箱一定要使用三孔插座，且金属外壳要接地．当使用两孔插座时，若冰箱漏电，则人体容易发生触电事故，故C错，符合题意．

D、火线首先进开关，再入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套； D正确，不符合题意； 故选ABC．

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点评： 题目考查的是日常生活中的一些安全用电常识．只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生．安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．

12．在A、B、C三个相同的烧杯内装有深度相同的液体，三种液体的密度关系是ρ1=ρ2＞ρ3．将甲、乙、丙三个重力分别为G甲、G乙、G丙的实心小球分别在A、B、C的液体中，其中甲球在A中沉入液体底部，乙球在B中恰好悬浮，丙球在C中漂浮在液面上．三个球的密度分别为ρ甲、ρ乙、ρ丙，体积关系是V甲＞V乙=V丙，三个球所受浮力分别为F1、F2、F3．三个烧杯里的液体对杯底的压强分别为p1、p2、p3．则以下判断的关系中正确的是（ ） A．ρ甲＞ρ乙=ρ丙 B．G甲＞G乙＞G丙 C．F1＞F2＞F3 D．p1=p2＞p3

考点： 物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的计算；阿基米德原理． 专题： 应用题．

分析： 物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度；物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度；物体下沉时，浮力小于重力，物体密度大于液体密度；

物体下沉时，完全浸没；悬浮时完全浸没；漂浮时有一部分体积露出水面；已知各个物体的体积，可求最后液体的深度，根据公式P=ρgh可求液体压强的大小； 根据浮力公式可求三个物体所受浮力的大小． 解答： 解：（1）∵甲下沉， ∴ρ甲＞ρ1=ρ2； ∵丙漂浮，ρ丙＜ρ3，ρ2＞ρ3， ∴ρ乙＞ρ丙；

∴ρ甲＞ρ乙＞ρ丙；故A错误．

∵V甲＞V乙，ρ甲＞ρ乙，F浮=ρ液v排g， ∴F浮甲＞F浮乙，G甲＞G乙；

（3）又∵V乙=V丙，∴V排乙＞V排丙 ∵ρ2＞ρ3，F浮=ρ液v排g， ∴F浮乙＞F浮丙

又∵F浮乙=G乙，F浮丙=G丙 ∴G乙＞G丙

所以G甲＞G乙＞G丙；故B正确，

F浮甲＞F浮乙＞F浮丙；也就是F1＞F2＞F3；故C正确．

（4）因为甲下沉，乙悬浮，丙漂浮，又因为V甲＞V乙=V丙， ∴V排甲＞V排乙＞V排丙，

所以深度关系为hA＞hB＞hC；

三个烧杯里的液体对杯底的压强根据公式P=ρgh可知，P1=ρ1ghA；P2=ρ2ghB；P3=ρ3ghC； 所以 P1＞P2＞P3．故D错误． 故选B、C．

点评： 本题考查物体沉浮条件的灵活运用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度；物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度；物体下沉时，浮力小于重力，物体密度大于液体密度．

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13．图中所示电路中，电源电压保持不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，电压表V1、V2示数的变化量分别为△U1、△U2，电流表示数的变化量为△I．不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断中不正确的是（ ）

A． 电压表V1示数变大，电压表V2示数变大，电流表示数变大

B． 电压表V1示数变大，电压表V2示数变小，电压表V2与V1的示数之差不变 C． 定值电阻R1的阻值为

D． 小灯泡L消耗的电功率增大了△U1?△I

考点： 电路的动态分析． 专题： 电路变化分析综合题．

分析： 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的电压之和，电流表测电路中的电流．

（1）根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡、R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点得出电压表V2示数的变化、电压表V2与V1的示数之差的变化；

根据串联电路的电压特点可知△UR1与△U2相等，利用欧姆定律可知系，根据欧姆定律可知

和定值电阻R1的阻值关

等于灯泡的电阻，然后代入△U1?△I并比较与小灯泡L消耗的电功率

增加量即可得出答案． 解答： 解：（1）将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大即电流表的示数变大，

由U=IR可知，灯泡两端的电压变大即电压表V1的示数变大，定值电阻两端的电压变大， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，灯泡和滑动变阻器两端的电压之和变小即电压表V2的示数变小，故A错误； 因电压表V2与V1的示数之差等于滑动变阻器两端的电压， 所以，电压表V2与V1的示数之差变小，故B错误； 因R1两端的电压UR1=U﹣U2，所以，△UR1=△U2，R1=因

2

=

2

，故C正确；

2

2

2

=RL，△I=I﹣I′，所以，△U1?△I=（△I）RL=（I﹣I′）×RL=IRL+（I′）RL﹣2II′RL≠IRL

2

﹣（I′）RL，故D错误． 故符合题意的是ABD．

点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意对于定值电阻来说两端电压的变化量和电流变化量的比值等于定值电阻的阻值，是一道难度较大的题目．

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