计算机网络习题及答案 - 图文(2)

A．IP B.ICMP C.UDP D.TCP A．IP B.ICMP C.UDP D.TCP A．IP B.SNMP C. MAC D.HTTP B~B~B~C~D~ D~C~C~B~D~ A~C~A~C~B~

练习（1）解答

1． 哪种编码技术可用于解决连续的0或连续1的问题。

曼切斯特编码是10Base系列（以太网）的编码方法——《计算机网络》p231

8B/6T是100Base-T4（快速以太网标准之一）的编码方法——《计算机网络》p240 4B/5B是100Base-TX（快速以太网标准之一）的编码方法——《计算机网络》p240 它们都可以解决连续的0或连续1的问题。

2． 在一条无噪声的信道上，如果带宽是4MHz，信号分成32个等级，那么发送一个20KB的文件

最短需要多少时间？

信道的速率?2?4M?log232?40Mbps，即信道的最大比特率为40Mbps。 ∵ 比特率 = (log2V) × 波特率 ∴ 波特率?比特率T=20KB/40Mbps=(20×8)/(40×1000)=0.004秒

3． 如果主机A通过由32路TDM共享的2.048Mbps总线链路向主机B发送一个32Kb的文件，则

传输时间为多少。

每一路的速率=2.048M/32＝64Kbps

因此传输时间=文件长/一路传输速率=32Kb/64Kbps=0.5s。

4． 在曼切斯特编码中，如果信号的到达速率是10M，那么数据传输速率是多少？

5Mbps

log2V?40Mlog232?8M

练习（2）解答

1． 如果采用奇校验，下列字符的校验位的值是多少？

01001011 10100100 1 0

2． 计算076C5FAA867E1A3B6654333C的32位校验和。

076C5FAA+867E1A3B+6654333C= F43EAD21

F43EAD21的补码为：0BC152DF1，因此32位校验和就是0BC152DF。以上计算过程如下： 数1

数1+数2+数3+进位= 和 进位 当前位 补码 F43EAD21可以看作是无符号数，也可以看作有符号数，这跟C语言里一样。如果把求补码当成求相反数，就必须将其看成有符号数。无论是有符号还是无符号数，其内部实现机制都是反码加1（对应十六进制运算是最末位用16去减，其他位统统用15去减），即：

[原码]F43EAD21=11110100 00111110 10101101 00100001 [反码]0BC152DE=00001011 11000001 01010010 11011110 [补码]0BC152DF=00001011 11000001 01010010 11011111

位 0 A+B+C+0= 1 A+3+3+2= 2 F+A+3+1= 3 5+1+3+1= 4 C+E+4+0= 5 6+7+5+1= 6 7+6+6+1= 7 0+8+6+1= 33 18 29 10 30 19 20 15 2 1 1 2 1 D 0 A 1 E 1 3 1 4 0 F 16-1= F 15-2= D 15-D= 2 15-A= 5 15-E= 1 15-3= C 15-4= B 15-F= 0 和=F43EAD21 补码=0BC152DF 3． 计算0111010111001001的CRC校验码，生成多项式为 x3+x+1

0

1 0 1

1 0 1 0 1

1 0 1 1 0 0 0

1 0

1 1 0 0 0 1 0 1 0 1 1 0 1 0 0 1 0 0 1 0 1 1 1 0 0 0 1 0 1 0 1 1 0 ⊕ 0

│ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │

0 │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 1 0 0 0

1 │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 0 0 0 0

0 │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 0 0 0 0

1 │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 0 1 0 1

1 │ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 0 1 0 1

1 │ │ │ │ │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ │ │ │ │ 1 1 0 0 0

0 │ │ │ │ │ │ │ │ 1 ↓ │ │ │ │ │ │ │ 1 1 0 0 0

0 │ │ │ │ │ │ │ 1 ↓ │ │ │ │ │ │ 1 0 1 0 1

1 │ │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ │ 1 0 1 0 1

0 │ │ │ │ │ 0 ↓ │ │ │ │ 0 1 1 0 1

0 │ │ │ │ 1 ↓ │ │ │ 1 1 0 0 0

1 │ │ │ 1 ↓ │ │ 0 1 1 0 1

0 │ │ 1 ↓ │ 1 0 1 0

0 │ 0 ↓ 0 1

0 1

⊕ 1

⊕ 1

⊕ 0

⊕ 0

⊕ 0

⊕ 0

⊕ 1

⊕ 1

⊕ 0

⊕ 0

⊕ 1

⊕ 1

⊕ 1

⊕ 0

⊕ 1

1 1 1

因此最终发送的位串为：0111010111001001111

4． 在带宽为B、距离为D的信道上用协议3传输数据帧，确认帧长度忽略。问帧长为多少时信道

有50%的利用率？（假设信号在信道中的传播速度为V，帧长为L） 帧长为L比特。

协议3是一个严格交替发送和接收协议。根据《书》p182的公式有：

线路的利用率=∴ L=2BD1VLB= ?L?2?DVL?2BD2BVLV，代入以上参数，可以得到答案2。

5． 一个CSMA/CD的网络，最大传输距离为5000米，信号传播速率为200m/μs，网络带宽为10M。

问时隙长度是多少？最短帧长是多少？

一个slot长度=2τ=2×L/v=2×5000/200=50μs 最短帧长=50μs×10Mbps=500bit

6． 某一时隙中，有两个站点同时开始发送。问正好在第三次有一个站点发送成功的概率是多少？

在第3次竞争中发生冲突概率：123?1：第3次成功发送的概率：1-1/2(3-1)=0.75

前3次竞争都冲突的概率＝

12j(j?1)2j?3?2?3，

∴3次竞争内（包括第3次）将帧成功发送的概率=1-2-3＝0.875

7． 采用一位滑动窗口协议（即协议4），通信某方的发送窗口（即S）=0，接收窗口（即R）=1，

当收到一个（seq=0, ack=0, info=B0）的帧后，它的发送窗口=______，接受窗口=_____，并将该帧的数据______。

一方面，∵帧的seq=0，≠接收窗口=1，∴ 该帧是错误帧，会丢弃，且接收窗口不会向前滑动，还是=1。

另一方面，∵帧的ack=0，=发送窗口=0，∴ 表明刚才发送出去的帧已经成功收到应答，所以发送窗口向前滑动一位，=1。

8． 采用一位滑动窗口协议（即协议4），通信某方的发送窗口（即S）=0，接收窗口（即R）=1，

当发送一帧时，帧的内容为（seq=______, ack=______, data）。

∵ 发送帧时：seq = S = next_frame_to_send，而ack = R - 1 = frame_expected-1 % (MAX_SEQ+1); ∴ seq= S = 0。ack = R -1 % (MAX_SEQ+1) = (1 - 1) % (1+1) = 0.

9． 在CSMA/CA协议中当某站点B收到站点A发出RTS，没有收到任何CTS后，则B站点

_________

可以与除A、B以外的站点通信。

根据“第4章 MAC层.ppt”的第123页ppt

2

L=2BD/V=2×20000000(Mb/s)×5000(m)/200000000(m/s)＝1000bit=1Kb

以上结点实际上对应结点C，C可以与G通信，即可以与除A、B以外的站点通信。 10． 采用位插入法的帧格式，若欲传输的信息是10111111011，则实际传输的比特串是多少?

发送时在连续6个1的第5个1后插入一个0，因此实际传输的比特串是101111101011 11． 在以太网中，当两个站点碰撞（即冲突）5次后，选择的随机等待时隙数的范围是 。（用

数学的区间符号表示，如[a, b]）

j-1i

对于两个站点的第j次竞争，发生在第i次冲突之后，j=i+1，站点会在[0,2)或[0,2)范围选择等待时隙。以上题目的冲突次数i=5，代入公式得：[0,31]

练习（3）解答

1． 一个IP=10.10.30.88机器访问IP=202.120.2.102的Web服务器中网页，NAT的内网地址

=10.10.30.1,外网地址=218.81.195.105，则Web服务器收到的IP包中的源地址域的值= NAT将内网出去的IP包的源地址替换成自己外部IP地址，因此服务器收到的IP包中的源地址域的值=NAT外部IP地址=218.81.195.105。

实际上对照课件PPT可知，两者的意义对比如下： 课件PPT图片 本题 主机IP ISP的IP NAT内网地址 NAT外网地址 192.168.44.69 xx.xx.xx.xx 192.168.44.0 202.120.8.70 10.10.30.88 202.120.2.102 10.10.30.1 218.81.195.105

2． 写出202.120.5.193/28的子网可容纳的主机数及其子网掩码。

202.120.5.193/28的子网掩码长度为28位。即28个1＋(32-28)个0， 即(11111111 11111111 11111111 1111000)2=255.255.255.240

C类IP的网络地址长度为24位，因此子网长度为28-24=4，子网中表示主机数长度为8-4=4，（其中8是C类地址表示后缀长度），该子网可容纳的主机数=24－2＝14个3。

另外一种计算方法是，子网中主机数长度= IP地址总长度-掩码1的个数=32-28=4。该子网可容纳的主机数=24－2＝14个。

3． 对一C类子网进行子网划分。子网号长度3位，写出110子网主机号为6的节点的IP地址的最

后一个字节的值。 （110 00110）2=198。

因为C类地址的表示主机的字段为1个字节，而子网号为3位，因此剩下的真正表示主机的位数只有8-3=5位，让这5位等于=6，即00110，加上之前的110子网号就等于二进制的11000110。

4． 某路由器中的路由表如下表所示：

① 首先计算路由表的对应的子网掩码： 子网号 202.120.34.128 202.120.34.64 Default 子网掩码 255.255.255.192 255.255.255.192 子网号&子网掩码 202.120.34.128 202.120.34.64 下一跳 本路由器端口0 本路由器端口1 路由器R2 ② 计算各IP地址对应的网络号，方法：网络号=IP地址&子网掩码，然后查表查出其出口

收到数据包的目的地址 对应子网号 202.120.33.57 202.120.34.100 202.120.34.177 202.120.33.0 202.120.34.64 202.120.34.128 路由器R2 本路由器端口1 本路由器端口0

5． 一个有5个节点的网络中，如果节点5的邻居有1、3、4，各邻居节点传来的距离矢量如下表所

示：

TO 1 2 3 4 5 结点1 0 10 8 5 7 结点3 11 6 0 3 4 结点4 5 9 3 0 7 5到邻居1、3、4的距离分别为7、4、11。距离矢量法计算节点5的路由表如下： TO 1 3

结点1 0 结点3 11 结点4 5

延时 线路

7 结点1

之所有要减去2，是因为主机编码为全0和全1的地址一般不用于主机IP地址（分别用于表示网络和广播地址），因此一般要去掉这2个地址。

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